NOIP 2013普及组复赛中 全国涌现了2位390分大神 1、记数问题 【问题描述】 试计算在区间 1 到 n的所有整数中，数字 x(0 ≤ x ≤ 9)共出现了多少次?例如，在 1到 11 中，即在 1、2、3、4、5、6、7、8、9、10、11 中，数字 1 出现了 4 次。 【输入】 输入文件名为 count.in。 输入共 1 行，包含 2 个整数 n、x，之间用一个空格隔开。 【输出】 输出文件名为 count.out。 输出共 1 行，包含一个整数，表示 x 出现的次数。 【输入输出样例】 count.in 11  1 count.out 4 【数据说明】 对于 100%的数据，1≤ n ≤ 1,000,000，0 ≤ x ≤ 9。  数据范围也才1——1000000，不大，所以可以直接做。  #include using name space std; int x,r,l,k,ans; int main(){     cin>>r>>x;     for(l=1;l<=r;l++)     {         k=l;         while(k!=0){if(k%10==x)ans++;k/=10;}     }     cout<<ans;< p="">     return 0; } 2、表达式求值 【问题描述】 给定一个只包含加法和乘法的算术表达式，请你编程计算表达式的值。 【输入】 输入文件为 expr.in。 输入仅有一行，为需要你计算的表达式，表达式中只包含数字、加法运算符“+”和乘法运算符“*”，且没有括号，所有参与运算的数字均为 0到 231-1 之间的整数。输入数据保证这一行只有 0~ 9、+、*这 12 种字符。 【输出】 输出文件名为 expr.out。 输出只有一行，包含一个整数，表示这个表达式的值。注意：当答案长度多于 4 位时，请只输出最后 4 位，前导 0不输出。 【输入输出样例 1】 expr.in 1+1*3+4 expr.out 8 【输入输出样例 2】 expr.in 1+1234567890*1 expr.out 7891 【输入输出样例 3】 expr.in 1+1000000003*1 expr.out 4 【数据范围】 对于 30%的数据，0≤表达式中加法运算符和乘法运算符的总数≤100; 对于 80%的数据，0≤表达式中加法运算符和乘法运算符的总数≤1000; 对于 100%的数据，0≤表达式中加法运算符和乘法运算符的总数≤100000。  读入一个数字读入一个符号（要mod 10000）；根据优先级，先处理乘号；直接累加。  #include using name space std; unsigned long long num[100000]; char sign[100000]; unsigned long long i,l=1,ans; int main(){     cin>>num[1];     while(cin>>sign[l]){         l++;         cin>>num[l];         num[l]%=10000;     }     l--;     for(i=1;i<=l;i++)     if(sign[i]=='*')    {num[i+1]=num[i]*num[i+1];num[i]=0;num[i+1]%=10000;}     for(i=1;i<=l+1;i++)ans+=num[i];     cout<<ans%10000;< p="">     return 0; } 3、小朋友的数字 【问题描述】 有 n 个小朋友排成一列。每个小朋友手上都有一个数字，这个数字可正可负。规定每个小朋友的特征值等于排在他前面(包括他本人)的小朋友中连续若干个(最少有一个)小朋友手上的数字之和的最大值。 作为这些小朋友的老师，你需要给每个小朋友一个分数，分数是这样规定的：第一个小朋友的分数是他的特征值，其它小朋友的分数为排在他前面的所有小朋友中(不包括他本人)，小朋友分数加上其特征值的最大值。 请计算所有小朋友分数的最大值，输出时保持最大值的符号，将其绝对值对 p 取模后输出。 【输入】 输入文件为 number.in。 第一行包含两个正整数 n、p，之间用一个空格隔开。 第二行包含 n 个数，每两个整数之间用一个空格隔开，表示每个小朋友手上的数字。 【输出】 输出文件名为 number.out。 输出只有一行，包含一个整数，表示最大分数对 p 取模的结果。 【输入输出样例 1】 number.in 5  997 1  2  3  4  5 number.out 21 【输入输出样例 2】 number.in 5  7 -1   -1   -1   -1   -1 number.out -1 【数据范围】 对于 50%的数据，1 ≤ n ≤ 1,000，1 ≤ p ≤ 1,000所有数字的绝对值不超过1000; 对于 100%的数据，1 ≤ n ≤ 1,000,000，1 ≤ p ≤ 109，其他数字的绝对值均不超过109。  比较easy的一个DP,特殊值就用最大子段和来求，分数不能直接求，要找规律，要么越来越大，要么越来越小，越来越小输出第一个，越来越大输出第n个。时间复杂度O(2n)。  #include #include #include #define LL long long// 因为这道题有可能会很大的数，用longlong using name space std; LL maxx ( LL x, LL y){ return x > y ? x : y; } // 求两个数的最大值 LL n, p, a[1100000];// a是一开始的那一段数 LL b[1100000],c[1100000]; // b是特征值，c是分数 int main (){     int i, j;     scanf ( "%lld%lld", &n,&p);     for ( i = 1; i <= n; i ++ )      scanf( "%lld", &a[i] );     b[1] = a[1];     LL now = maxx ( a[1], 0 ); // 看看第一个数是正数还是负数，如果是负数，则忽略这一个数，免得使统计的数变小     for ( i = 2; i <= n; i ++ ){         b[i]= b[i - 1]; // 先等于前面的特征值         now+= a[i]; // 把这个累加值加上当前小孩子手上的数字         b[i] = maxx ( now, b[i] ); // 看看是前面特征值的大还是累加值大         if( now < 0 ) now = 0; // 如果累加值比0小，那又把它变成0，重新累加     }     c[1] = b[1];     c[2] = c[1] + b[1]; // c1和c2是固定的，可以现在前面算     int ok = 0; // ok就是看是最后的值更大些还是第一个更大些     LL tmp = c[1];     for ( i = 2; i < n; i ++ ){         tmp += maxx ( b[i], 0ll );         if ( tmp >= 0 ){ // 如果这个累加值比0大，那么就证明会累加越来越大             ok = 1;             break;         }     }     for ( i = 3; i <= n; i ++ )      c[i]= ( c[i - 1] + maxx ( b[i - 1], 0ll )) % p; // 求每个人分数的最大值     if ( ok ) // 如果最后的大些      printf ( "%dn", int ( c[n] ) );// 输出最后的     else // 如果第一个大些      printf ( "%dn", int ( c[1] % p) );// 输出第一个     return 0;  } 4、车站分级 【问题描述】 一条单向的铁路线上，依次有编号为 1, 2, ..., n 的 n个火车站。每个火车站都有一个级别，最低为 1 级。现有若干趟车次在这条线路上行驶，每一趟都满足如下要求:如果这趟车次停靠了火车站 x，则始发站、终点站之间所有级别大于等于火车站 x 的都必须停靠。(注意:起始站和终点站自然也算作事先已知需要停靠的站点) 例如，下表是 5 趟车次的运行情况。其中，前 4趟车次均满足要求，而第 5 趟车次由于停靠了 3 号火车站(2级)却未停靠途经的 6 号火车站(亦为 2 级)而不满足要求。 图2013P 现有 m 趟车次的运行情况(全部满足要求)，试推算这 n个火车站至少分为几个不同的级别。 【输入】 输入文件为 level.in。 第一行包含 2 个正整数 n, m，用一个空格隔开。 第 i + 1 行(1 ≤ i ≤ m)中，首先是一个正整数 si(2 ≤ si ≤ n)，表示第 i趟车次有 si 个停靠站；接下来有 si 个正整数，表示所有停靠站的编号，从小到大排列。每两个数之间用一个空格隔开。输入保证所有的车次都满足要求。 【输出】 输出文件为 level.out。 输出只有一行，包含一个正整数，即 n 个火车站最少划分的级别数。 【输入输出样例】 level.in 9  2 4  1  3  5  6 3  3  5  6 level.out 2 level.in 9  3 4  1  3  5  6 3  3  5  6 3  1  5  9  level.out 3 【数据范围】 对于 20%的数据，1 ≤ n, m ≤ 10; 对于 50%的数据，1 ≤ n, m ≤ 100; 对于 100%的数据，1 ≤ n, m ≤ 1000。  拓扑排序模板，只要在拓扑排序的过程中找到不能删除的，需要的层次就++。  #include #include #include #include using name space std; const int MAX_N = 2002; int N,M;int P; int s[MAX_N];  int level[MAX_N];  int infor[MAX_N][MAX_N]; vectord[MAX_N];  vectorp[MAX_N];  int adj[MAX_N][MAX_N]; int con[MAX_N]; void init() {     int i,j,k;     scanf("%d%d",&N,&M);     memset(adj,-1,sizeof(adj));     P=N;     for (i=1;i<=M;i++)     {         scanf("%d",&s[i]);         for(j=1;j<=s[i];j++)         scanf("%d",&infor[i][j]);         if(infor[i][s[i]]-infor[i][1]+1==s[i]) continue;         for(j=infor[i][1],k=1;j<=infor[i][s[i]];j++)         {             if(j==infor[i][k]) {p[i].push_back(j);k++;}             else{d[i].push_back(j);}          }         P++;          for(j=0;j< p="">         adj[d[i][j]][P]=0,con[P]++;         for(j=0;j < p="">         adj[P][p[i][j]]=1,con[p[i][j]]++;     }     for (i=1;i<=P;i++)     level[i]=1; } int find_zero() {     int i;     for (i=1;i<=P;i++)     if (con[i]==0) return i;         return -1; } void work() {     int i,j,k;     for (i=1;i<=P;i++)     {         k=find_zero();         if (k==-1)return ;          for(k<=N?j=N+1:j=1;k<=N?j<=P:j<=N;j++)         if(adj[k][j]!=-1)          {                 level[j]=max(level[j],level[k]+adj[k][j]);             adj[k][j]=false;             con[j]--;          }         con[k]=-1;     } } void put() {     int i;     int ans = 0;     for (i=1;i<=P;i++)     ans  = max(ans,level[i]);      printf("%d",ans); } int main() {     init();     work();     put();     return 0; }

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